敵兵布陣

? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? ? Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)????Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)

Problem Description C國的死對頭A國這段時間正在進行軍事演習，所以C國間諜頭子Derek和他手下Tidy又開始忙乎了。A國在海岸線沿直線布置了N個工兵營地,Derek和Tidy的任務就是要監視這些工兵營地的活動情況。由于采取了某種先進的監測手段，所以每個工兵營地的人數C國都掌握的一清二楚,每個工兵營地的人數都有可能發生變動，可能增加或減少若干人手,但這些都逃不過C國的監視。
中央情報局要研究敵人究竟演習什么戰術,所以Tidy要隨時向Derek匯報某一段連續的工兵營地一共有多少人,例如Derek問:“Tidy,馬上匯報第3個營地到第10個營地共有多少人!”Tidy就要馬上開始計算這一段的總人數并匯報。但敵兵營地的人數經常變動，而Derek每次詢問的段都不一樣，所以Tidy不得不每次都一個一個營地的去數，很快就精疲力盡了，Derek對Tidy的計算速度越來越不滿:"你個死肥仔，算得這么慢，我炒你魷魚!”Tidy想：“你自己來算算看，這可真是一項累人的工作!我恨不得你炒我魷魚呢!”無奈之下，Tidy只好打電話向計算機專家Windbreaker求救,Windbreaker說：“死肥仔，叫你平時做多點acm題和看多點算法書，現在嘗到苦果了吧!”Tidy說："我知錯了。。。"但Windbreaker已經掛掉電話了。Tidy很苦惱，這么算他真的會崩潰的，聰明的讀者，你能寫個程序幫他完成這項工作嗎？不過如果你的程序效率不夠高的話，Tidy還是會受到Derek的責罵的.

Input 第一行一個整數T，表示有T組數據。
每組數據第一行一個正整數N（N<=50000）,表示敵人有N個工兵營地，接下來有N個正整數,第i個正整數ai代表第i個工兵營地里開始時有ai個人（1<=ai<=50）。
接下來每行有一條命令，命令有4種形式：
(1) Add i j,i和j為正整數,表示第i個營地增加j個人（j不超過30）
(2)Sub i j ,i和j為正整數,表示第i個營地減少j個人（j不超過30）;
(3)Query i j ,i和j為正整數,i<=j，表示詢問第i到第j個營地的總人數;
(4)End 表示結束，這條命令在每組數據最后出現;
每組數據最多有40000條命令

Output 對第i組數據,首先輸出“Case i:”和回車,
對于每個Query詢問，輸出一個整數并回車,表示詢問的段中的總人數,這個數保持在int以內。

Sample Input 1 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Query 1 3 Add 3 6 Query 2 7 Sub 10 2 Add 6 3 Query 3 10 End
Sample Output Case 1: 6 33 59 題目比較簡單，就涉及到線段樹的一些基本操作，不再多說什么。 #include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<string> #include<algorithm> using namespace std; #define lson l, mid, root<<1 #define rson mid+1, r, root<<1|1 const int N = 50000 + 20; struct node {int l, r, sum; } a[N<<2];void PushUp(int root) //把當前節點的信息更新到父節點 {a[root].sum = a[root<<1].sum + a[root<<1|1].sum; }void build_tree(int l, int r, int root) {a[root].l = l;a[root].r = r;if(l == r){scanf("%d",&a[root].sum);return ;}int mid = (l + r) >> 1;build_tree(lson);build_tree(rson);PushUp(root); }void update(int l, int r, int root, int k) {if(l == a[root].l && r == a[root].r){a[root].sum += k;return ;}int mid = (a[root].l + a[root].r) >> 1;if(r <= mid) update(l, r, root<<1, k);else if(l > mid) update(l, r, root<<1|1, k);else{update(lson, k);update(rson, k);}PushUp(root); }int Query(int l, int r, int root) {if(l == a[root].l && r == a[root].r)return a[root].sum;int mid = (a[root].l + a[root].r) >> 1;int ans = 0;if(r <= mid) ans += Query(l, r, root<<1);else if(l > mid) ans += Query(l, r, root<<1|1);elseans += Query(lson) + Query(rson);return ans; }int main() {int T, n, l, r, cas = 0;string op;scanf("%d",&T);while(T--){scanf("%d",&n);build_tree(1, n, 1);printf("Case %d:\n", ++cas);while(cin >> op){if(op == "End")break;if(op == "Query"){scanf("%d%d",&l,&r);printf("%d\n", Query(l, r, 1));}else if(op == "Add"){scanf("%d%d",&l, &r);update(l, l, 1, r);}else if(op == "Sub"){scanf("%d%d",&l,&r);update(l, l, 1, -r);}}}return 0; }

與50位技術專家面對面20年技術見證，附贈技術全景圖

總結

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