題目

蕭蕓斕是Z國的公主，平時的一大愛好是采花。
今天天氣晴朗，陽光明媚，公主清晨便去了皇宮中新建的花園采花。花園足夠大，容納了n朵花，花有c種顏色（用整數(shù)1-c表示），且花是排成一排的，以便于公主采花。公主每次采花后會統(tǒng)計采到的花的顏色數(shù)，顏色數(shù)越多她會越高興！同時，她有一癖好，她不允許最后自己采到的花中，某一顏色的花只有一朵。為此，公主每采一朵花，要么此前已采到此顏色的花，要么有相當(dāng)正確的直覺告訴她，她必能再次采到此顏色的花。由于時間關(guān)系，公主只能走過花園連續(xù)的一段進(jìn)行采花，便讓女仆福涵潔安排行程。福涵潔綜合各種因素擬定了m個行程，然后一一向你詢問公主能采到多少朵花（她知道你是編程高手，定能快速給出答案！），最后會選擇令公主最高興的行程（為了拿到更多獎金！）。

輸入格式

第一行四個空格隔開的整數(shù)n、c以及m。接下來一行n個空格隔開的整數(shù)，每個數(shù)在[1, c]間，第i個數(shù)表示第i朵花的顏色。接下來m行每行兩個空格隔開的整數(shù)l和r（l ≤ r），表示女仆安排的行程為公主經(jīng)過第l到第r朵花進(jìn)行采花。

輸出格式

共m行，每行一個整數(shù)，第i個數(shù)表示公主在女仆的第i個行程中能采到的花的顏色數(shù)。

輸入樣例

5 3 5

1 2 2 3 1

1 5

1 2

2 2

2 3

3 5

輸出樣例

2

0 0 1 0
【樣例說明】

詢問[1, 5]：公主采顏色為1和2的花，由于顏色3的花只有一朵，公主不采；詢問[1, 2]：顏色1和顏色2的花均只有一朵，公主不采；

詢問[2, 2]：顏色2的花只有一朵，公主不采；

詢問[2, 3]：由于顏色2的花有兩朵，公主采顏色2的花；

詢問[3, 5]：顏色1、2、3的花各一朵，公主不采。

提示

【數(shù)據(jù)范圍】

對于100%的數(shù)據(jù)，1 ≤ n ≤ 10^6，c ≤ n，m ≤10^6。

題解

考慮離線，按左端點(diǎn)排序
每種顏色只產(chǎn)生一個貢獻(xiàn)而且必須有兩個
那么我們在每種顏色第二次出現(xiàn)的地方+1
然后從左開始掃，每到一個顏色就對該顏色next的位置-1，next的next位置+1，順便算出以當(dāng)前位置為左端點(diǎn)的答案

#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define LL long long int #define REP(i,n) for (int i = 1; i <= (n); i++) #define lbt(x) (x & -x) using namespace std; const int maxn = 1000005,maxm = 100005,INF = 1000000000; inline int RD(){int out = 0,flag = 1; char c = getchar();while (c < 48 || c > 57) {if (c == '-') flag = -1; c = getchar();}while (c >= 48 && c <= 57) {out = (out << 1) + (out << 3) + c - '0'; c = getchar();}return out * flag; } int Last[maxn],nxt[maxn],s[maxn],c[maxn],ans[maxn],N,C,M; void add(int u,int v){if (u) while (u <= N) s[u] += v,u += lbt(u);} int query(int u){int ans = 0; while (u) ans += s[u],u -= lbt(u); return ans;} int sum(int l,int r){return query(r) - query(l - 1);} struct Que{int l,r,id;}Q[maxn]; inline bool operator <(const Que& a,const Que& b){return a.l < b.l;} int main(){N = RD(); C = RD(); M = RD();REP(i,N){c[i] = RD();if (Last[c[i]]) nxt[Last[c[i]]] = i;Last[c[i]] = i;}memset(Last,0,sizeof(Last));REP(i,N) if (nxt[i] && !Last[c[i]]) Last[c[i]] = i,add(nxt[i],1);REP(i,M) Q[i].l = RD(),Q[i].r = RD(),Q[i].id = i;sort(Q + 1,Q + 1 + M); int j = 0;REP(i,N){while (Q[j + 1].l == i) ans[Q[++j].id] = query(Q[j].r);if (nxt[i]) add(nxt[i],-1);if (nxt[nxt[i]]) add(nxt[nxt[i]],1);}REP(i,M) printf("%d\n",ans[i]);return 0; }

轉(zhuǎn)載于:https://www.cnblogs.com/Mychael/p/8282719.html

與50位技術(shù)專家面對面20年技術(shù)見證，附贈技術(shù)全景圖

總結(jié)

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